当前课程知识点:概率论与数理统计 > 第8章 假设检验 > 两类错误 > 拓展知识
假设检验是利用样本对某种假设 \( H_0
\) 作出随机决策的一种方法。由于样本是随机的,当我们运用某种检验原则作判断时,可能作出正确的判断,也可能作出错误的判断,当然希望作出错误判断的概率很小。因此在制定检验原则时就应考虑控制错误判断的概率。一般地,假设检验作出错误判断有两类:
第Ⅰ类:当原假设 \( H_0 \) 为真时,拒绝了 \( H_0 \) ;
第Ⅱ类:当原假设 \( H_0 \) 不真时,接受了 \( H_0 \)。
将这两类错判的概率分别记为 \( \alpha ,\beta \)。
如果假设已经制定了一个检验原则,如何计算两类错判概率 \( \alpha ,\beta
\) 呢?它们与样本容量 \( n \) 又具有什么关系呢?请看下面两个例子。
例1:设 \( X_1 ,X_2 ,\cdots ,X_n \) 是来自 \( N(\mu ,1) \) 的样本,假设检验问题: \( H_0
:\mu =2,\quad H_1 :\mu =3 \),如果该问题的检验原则是:当 \( \bar {x}\ge
2.6 \) 时,拒绝 \( H_0 \),否则,当 \( \bar {x}<2.6 \) 时,不拒绝 \( H_0 \)。
试确定:
1. 两类错判概率 \( \alpha ,\beta \) 与样本容量 \( n \) 的关系;
2. 如果使第Ⅱ类错判概率不超过0.01,\( n \) 应该取多大?
解:1. 由两类错误的特征知
\[
\alpha =P\{\bar {X}\ge 2.6\vert H_0 :\mu =2\}=1-\Phi ((2.6-2)\sqrt n
)=1-\Phi (0.6\sqrt n )
\]\[
\beta =P\{\bar {X}<2.6\vert H_1 :\mu =3\}=\Phi ((2.6-3)\sqrt n )=1-\Phi
(0.4\sqrt n )
\]则
\[0.6\sqrt n =u_{1-\alpha } =-u_\alpha \tag{1}
\]\[
0.4\sqrt n =u_{1-\beta } =-u_\beta \tag{2}
\]将(1)(2)两式相加 ,得
\[u_\alpha +u_\beta =-\sqrt n \tag{3}
\]式(3)表明了 \( \alpha ,\beta \) 与 \( n \) 之间的关系,并且,当 \( n\to \infty
\) 时,\( u_\alpha +u_\beta \to -\infty \),即 \( \alpha \to 0,\beta \to 0 \) 。
2. 由于 \( \beta =1-\Phi (0.4\sqrt n ) \),如果 \( \beta \le 0.01 \),则有 \( \Phi
(0.4\sqrt n )\ge 0.99 \),那么 \( 0.4\sqrt n \ge u_{0.99} =2.33 \),从而 \( n\ge
(\frac{2.33}{0.4})^2 \),即 \( n\ge 34 \)。
例2:设 \( X_1 ,X_2 ,\cdots ,X_n \) 是来自 \( U[0,\;\theta
] \) 的样本,假设检验问题: \( H_0 :\theta \ge 3,\quad H_1 :\theta
<3 \),如果该问题的检验原则是:当 \( x_{(n)} \le 2.5 \) 时,拒绝 \( H_0
\),否则,当 \( x_{(n)} >2.5 \) 时,不拒绝 \( H_0 \),其中 \( x_{(n)} =\max \{x_1 ,x_2
,\ldots ,x_n \} \)。试确定第Ⅰ类错判概率 \( \alpha \) 的最大值,即 \( \alpha _{\max }
\),并且,如果使 \( \alpha _{\max } \le 0.05 \),\( n \) 应该取多大?
解:设均匀分布 \( U[0,\;\theta
] \) 的密度函数和分布函数分别为 \( f(x),F(x) \),由前面随机变量极值函数的分布知,统计量 \( X_{(n)}
=\max \{X_1 ,X_2 ,\ldots ,X_n \} \) 的密度与分布函数分别为:
\[
f_{(n)} (x)=nf(x)[F(x)]^{n-1}=\frac{nx^{n-1}}{\theta ^n},\quad 0\le x\le
\theta
\]\[
F_{(n)} (x)=[F(x)]^n=(\frac{x}{\theta })^n,\quad 0\le x\le \theta
\]根据第Ⅰ类错误的特征知,
\[
\alpha =P\{X_{(n)} \le 2.5\vert H_0 :\theta \ge 3\}=F_{(n)} (2.5\vert \theta
\ge 3)=(\frac{2.5}{\theta })^n\vert \theta \ge 3
\]显然,在 \( \theta \ge 3 \) 的条件下,\( \alpha \le (\frac{2.5}{3})^n \),即 \( \alpha
_{\max } =(\frac{2.5}{3})^n \)。
如果使 \( \alpha _{\max } \le 0.05 \),即 \( (\frac{2.5}{3})^n\le
0.05 \),由此解出 \( n\ge \frac{\ln 0.05}{\ln 2.5-\ln 3}\approx 16.43 \),即 \( n\ge
17 \)。
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